Файл: Задача Игральная кость подбрасывается дважды. Какова вероятность того, что число очков, выпавших первый раз большего числа очков, выпавших на второй кости. Решение.docx
Добавлен: 28.04.2024
Просмотров: 14
Скачиваний: 0
ВНИМАНИЕ! Если данный файл нарушает Ваши авторские права, то обязательно сообщите нам.
Эмпирическая функция распределения имеет вид
Fn(x) =
2) – выборочное среднее.
1,25 – выборочная дисперсия.
Задача 10.
Используя критерий Пирсона, при уровне значимости 0,05 проверить, согласуется ли гипотеза о нормальном распределении генеральной совокупности Х с эмпирическим распределением выборки.
Хi | 230 | 234 | 238 | 242 | 246 | 250 | 254 |
Ni | 2 | 8 | 12 | 28 | 13 | 7 | 2 |
Решение
Таблица 1. Расчет вспомогательных значений для определения выборочной средней и выборочной дисперсии
| i | | Xi - | (xi- )2 | (xi- )2 ni |
230 | 2 | 460 | - 11,9 | 141,61 | 283,22 |
234 | 8 | 1872 | - 7,9 | 62,41 | 499,28 |
238 | 12 | 2856 | - 3,9 | 15,21 | 182,52 |
242 | 28 | 6776 | 0,1 | 0,01 | 0,28 |
246 | 13 | 3198 | 4,1 | 16,81 | 218,53 |
250 | 7 | 1750 | 8,1 | 65,61 | 459,21 |
254 | 2 | 508 | 12,1 | 146,41 | 292,82 |
Итого | 72 | 17420 | | | 1935,86 |
Выборочная средняя:
Выборочная дисперсия:
d2 = = = 26,88
Выборочное среднее квадратическое отклонение:
d = = 5,18
Определим теоретические частоты, учитывая, что n = 72, h = 4, = 5,18
по формуле:
Функция Гаусса:
Таблица 2. Расчет вспомогательных значений для оценки совокупности.
i | xi | ni | | | | | | |
1 | 230 | 2 | -2,29 | 0,1821 | 10,12 | -8,12 | 65,9343 | 6.5152 |
2 | 234 | 8 | -1,52 | 0,1256 | 6,98 | 1.01 | 1,0201 | 0.1461 |
3 | 238 | 12 | -0,75 | 0,3011 | 16,73 | -4,73 | 22,372 | 1.3372 |
4 | 242 | 28 | 0,01 | 0,3989 | 22,17 | 5,82 | 33.8724 | 1.5278 |
5 | 246 | 13 | 0,79 | 0,2920 | 16,23 | -3,23 | 10.4329 | 0.6428 |
6 | 250 | 7 | 1,56 | 0,1181 | 6,56 | 0,44 | 0.1954 | 0.0297 |
7 | 254 | 2 | 2,33 | 0,0264 | 1,46 | 0,54 | 0.2916 | 0.1997 |
Итого | | 72 | | | | | | x2набл = 10.3974 |
По таблице критических значений x2кр при уровне значимости α = 0,05 и числе степеней свободы k = l – 3 = 7 - 2 = 5 найдем x2кр ≈ 11,1. Так как x2набл = 10.3974 < x2кр = 11,1. Нулевую гипотезу о нормальном распределении можно принять при данном уровне значимости.