ВУЗ: Не указан
Категория: Не указан
Дисциплина: Не указана
Добавлен: 09.04.2024
Просмотров: 287
Скачиваний: 0
3.Никакие три луча на правом рисунке не компланарны. Сколько плоскостей эти лучи определяют? Обозначьте каждую плоскость ее определяющими точками.
4.Какие аксиомы или теоремы, сформулированные в § 3, устанавливают един ственность точки, существование которой установить нельзя?
5.Как указано на рисунке, точки А и В лежат в плоскости £ , а точка Р — выше
нее. Какие аксиомы или теоремы утверж-
>
дают, что прямая A B содержится в £ ? На рисунке неявно присутствует вторая плоскость. Назовите ее.
Каково ее пересечение с £ ? Если некоторая четвертая точка Q лежит ниже плоскости £ и не коллинеарна ни с £ и Л, ни с Р и В, то какие плоскости при этом определяются? Сделайте чертеж.
6. Объясните, как употребляется выражение «один и только один»,
7. Допустим, что вы хотите доказать, что в плоскости существует не более одной прямой, перпендикулярной данной прямой в данной точке. Вы будете доказывать существование или единственность? Если бы вы стали прово дить доказательство от противного, то какое допущение вы бы сделали
вначале своего рассуждения?
§4. ПЕРПЕНДИКУЛЯРЫ
Спомощью линейки и транспортира легко восставить перпен дикуляр к данной прямой в данной ее точке: просто нужно, как
на этом рисунке, отложить угол в 90° с вершиной в данной точке
Р так, чтобы одна сторона РХ |
это |
|
\у |
Н |
||||||
го угла |
принадлежала |
данной |
пря |
|
||||||
мой /, а другая — одной |
|
из полупло |
|
|
і |
|||||
скостей, |
определяемых |
|
прямой |
I. |
р ' |
Я |
||||
Перпендикуляр |
должен |
быть единст |
||||||||
|
|
|
||||||||
венным, |
потому |
что на транспортире |
|
! |
|
|||||
существует только одна |
пометка |
90°. |
|
* |
|
|||||
Теперь мы |
опишем |
эту ситуацию |
в виде некоторой теоремы, |
|||||||
которую затем и докажем на основании наших аксиом. |
|
|||||||||
Теорема 6.1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
В данной плоскости существует одна и только |
одна |
прямая, |
||||||||
перпендикулярная к данной прямой в данной ее точке. |
|
|||||||||
Д р у г а я ф о р м у л и р о в к а . Пусть Е — некоторая плоскость, |
||||||||||
I —прямая в плоскости Е |
и Р — точка прямой I. Тогда |
|
||||||||
1°. в |
плоскости |
Е |
с у щ е с т в у е т |
прямая т, |
содержащая Р |
|||||
и перпендикулярная |
прямой I; |
|
|
|
|
|||||
2°. такая прямая т е д и н с т в е н н а . |
|
|
||||||||
Д о к а з а т е л ь с т в о . |
1°. Пусть Я —одна из двух полуплос |
костей, содержащихся в Е и определяемых прямой /, а X — произ вольная точка прямой /, отличная от Р (см. рисунок выше). В силу
179
аксиомы построения |
углов |
существует луч PY, где точка У при |
|
надлежит |
Я, такой, |
что |
т / _ У Р Х —90. Пусть т = РУ. Тогда |
т _]_ / и т |
пересекает I в точке Р. |
2°. Допустим теперь, что две |
прямые тг и т2 перпендику |
||
лярны прямой I и пересекают ее |
в точке Р. |
Мы покажем, что |
|
тг —/Па- |
|
|
|
Прямые т1 и т2 содержат лучи |
РУг и РУ2, |
где точки Уг |
и |
У2 принадлежат Я. По определению перпендикулярных прямых |
и |
по теореме 4.8 оба угла: /_ УхРХ и /_ У2РХ — являются прямыми, как указано на нашем рисунке. В силу аксиомы построения углов
это означает, |
что РУг и РУ2—один и тот же луч. Так как пря |
||||
мые тх и т2 имеют |
больше чем одну |
общую точку, то они не |
|||
могут быть различными. Следовательно, |
m1 = m2. |
||||
Заметим, |
что при доказательстве е д и н с т в е н н о с т и перпен |
||||
дикуляра |
к |
прямой |
I |
в точке Р мы должны были ограничиться |
|
данной плоскостью. |
В |
пространстве к каждой прямой в каждой |
|||
ее точке |
можно восставить бесконечное |
множество перпендикуля |
ров; так, все спицы велосипедного колеса перпендикулярны его оси. Пометки на следующем рисунке указывают, что прямая I явля
ется медиатрисой отрезка |
AB. |
|
|
|
|
|
|
||
Определение |
|
|
|
|
|
^ |
|
|
|
М е д и а т р и с о й |
отрезка |
в данной |
|
|
|
|
|
||
плоскости |
называется прямая, |
принад |
|
|
-] |
|
|
||
лежащая |
этой плоскости, |
перпендику- |
* |
! |
* |
* |
|||
лярная данному отрезку и проходящая |
Q |
||||||||
через его середину. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Каждый отрезок |
AB имеет |
одну и |
только |
|
одну середину |
С, |
а через С проходит одна и только одна прямая, перпендикуляр
ная прямой AB. Следовательно, медиатриса отрезка |
существует |
и единственна. |
иначе: |
Следующая теорема описывает медиатрису отрезка |
180
Теорема 6.2 (теорема о медиатрисе)
Медиатриса данного отрезка в данной плоскости есть множе ство всех точек этой плоскости, равноудаленных от концов этого отрезка.
Д р у г а я ф о р м у л и р о в к а .
Пусть I — медиатриса отрезка AB в плоскости Е. Тогда:
1°. Если точка Р принадлежит I, то РА — РВ.
2°. Если РА = РВ, то точка Р принадлежит I.
Эта теорема доставляет нам пример так называемого характери стического признака математического понятия. Чтобы охарактеризо вать некоторое множество точек, мы устанавливаем условие, которому
1°. удовлетворяют все точки данного множества;
2°. не удовлетворяют никакие другие точки.
В нашем случае рассматриваемое множество точек является
медиатрисой |
отрезка |
AB, а наше условие |
состоит в |
том, ( чтобы |
|||||
РА = РВ. Поэтому вторая |
формулировка |
теоремы, |
естественно, |
||||||
распадается |
на две части, и это же относится к доказательству. |
||||||||
Д о к а з а т е л ь с т в о . |
|
1°. Пусть |
С — |
|
|
||||
середина |
отрезка |
A B - и |
Р — произвольная |
|
|
||||
точка прямой I. Если |
Р = С, то, очевидно, |
|
|
||||||
РА = РВ. Допустим теперь, что Р не сов |
|
|
|||||||
падает с С, так что Р не принадлежит AB. |
|
|
|||||||
Тогда PC — PC в силу тождественной |
кон |
|
|
||||||
груэнтности; |
далее, |
|
Д PCА ^ Д РСВ, |
|
|
||||
поскольку |
оба |
эти |
угла —прямые, и |
|
|
||||
СА = СВ, |
так как С—середина AB. На |
|
РА ■ РВ. |
||||||
основании |
CYC |
A P C A O ä /\Р С В . |
Следовательно, |
||||||
2°. Дано, что точка Р принадлежит плоскости Е и что РА РВ. |
|||||||||
Если Р принадлежит AB, |
то Р —С, |
|
|
|
|||||
так как отрезок AB имеет только одну |
|
|
|
||||||
середину. |
Если |
Р |
не |
принадлежит |
|
|
|
||
AB, то |
/' г- прямая |
PC, |
PC —PC, |
|
|
|
|||
С А = С В и |
РА = РВ. (Почему?) На |
|
|
|
|||||
основании ССС, как и прежде, имеем |
|
|
|
||||||
|
Д PCА |
Д РСВ. |
|
|
|
181
Поэтому согласно определению /_ PCD является прямым и, зна
чит, l'J_ÄB в точке С. Но по теореме 6.1 перпендикуляр един ствен, следовательно, /' = /. Таким образом, точка Р принадлежит /, что и требовалось доказать.
Следствие 6.2.1
Даны отрезок AB и прямая I, принадлежащие одной плоскости. Если каждая из каких-либо двух точек прямой I равноудалена
от А и В, то I является медиатрисой отрезка AB.
Д о к а з а т е л ь с т в о . В силу теоремы 6.2 прямая I содержит
две точки медиатрисы отрезка AB. Так как две точки определяют прямую, это означает, что прямая I является медиатрисой отрезка
ÄB .
Мы нашли, что при построении перпендикуляра к данной пря мой, проходящего через точку, принадлежащую этой прямой, ника кой проблемы не возникает: нужно только отложить угол в 90°. Если точка не принадлежит данной прямой, іо построение стано вится уже не совсем тривиальным.
Пусть даны прямая I и точка Р, не принадлежащая I. Мы хотим построить прямую, проходящую через Р и перпендикуляр ную I. (Разумеется, мы действуем в некоторой плоскости Е, содер жащей I и Р.)
Пусть Q и R —любые две точки прямой I. Чтобы построить перпендикуляр, сначала мы проведем луч QP и измерим /_ POR.
Затем мы проведем луч QS, где точка S лежит по противополож ную сторону от / по отношению к точке Р, как указано на ри сунке, и такова, что
A S Q R Q É APQR.
(Какая аксиома это позволяет?) Затем мы нанесем на луч Q3
точку Т, для |
которой TQ — PQ. Тогда отрезок ТР пересечет пря |
||||
мую I в некоторой точке U. (Почему?) Теперь QU = QU, |
Д PQU ^ |
||||
= L TQU |
и |
TQ — PQ. |
Следовательно, в |
силу CYC |
/\PQUQä |
= /\T Q U |
и |
L P V Q и |
l_ TUQ являются |
прямыми. Таким обра- |
182
гом, f P J_ l, |
и мы построили перпендикуляр к |
/, проходящий че |
рез точку Р. |
|
|
Опираясь |
на это рассуждение, вы должны |
суметь дополнить |
доказательство следующей теоремы, которое мы запишем в два столбца.
Теорема 6 .3
Существует по к р а й н е й ме ре од на прямая, перпендику лярная данной прямой и проходящая через данную точку, не при надлежащую этой прямой.
Д р у г а я ф о р м у л и р о в к а . Пусть I —прямая и Р~точка, не принадлежащая I. Тогда существует прямая, перпендикуляр ная I и содержащая Р.
Д о к а з а т е л ь с т в о
|
|
•Утверждения |
1. Прямая 1 содержит две точки Q и R |
||
2. |
Существует такой луч QS, где S |
|
|
и Р лежат по противоположные |
|
|
стороны от/, что Z S Q R ^ Z . PQR. |
|
3 |
На |
луче QS существует такая точ- |
|
ка |
Т, что TQ = PQ. |
4.Точки Т и Р лежат по противоположные стороны от 1.
5. |
Отрезок Т Р пересекает прямую / |
|
6. |
в |
некоторой точке U. |
A P Q U ^ A T Q U |
||
7. |
/ |
PUQ — прямой угол. |
8. |
P U 1 /. |
Аргументы
Аксиома линейки.
>
?
Точки Р и S лежат по противоположные стороны от /, а точки S и Т — по одну сторону от 1.
?
Р
?
?
Это доказательства, как оно здесь записано, не допускает воз можности Q= U. Когда мы случайным образом выбрали на I
точку Q, вообще говоря, могло случиться, что PQ±.l. Но, ко-
183